Первые в двух вариантах, заранее Первые в двух вариантах, заранее

Дано: K₂S
ZnSO₄
CH₃COONa
+ фенол-фталеин.
Найти: где не будет изменения окраски? 
Решение.
      Данные соли образованы катионами и анионами, значительно различающихся по силе кислот и оснований. Эти соли  подвержены гидролизу :
1) K₂S - соль сильного основания и слабой кислоты, гидролизуется по аниону:
К₂S + Н₂О ⇄  КHS + KOH (1-я ступень)   S²⁻ + H₂O ⇄ HS⁻ + OH⁻
KHS + H₂O ⇄  KOH + H₂S↑ (вторая ступень)  HS⁻ + H₂O  ⇄  H₂S↑ + OH⁻
      Образуются мало диссоциированные соединения и ионы ОН⁻, среда щелочная. Поэтому фенол-фталеин будет окрашивать раствор этой соли в розово-малиновый цвет
2) ZnSO₄ соль слабого основания и сильной кислоты, гидролизуется по катиону.
2ZnSO₄ +2H₂O ⇄ (ZnOH)₂SO₄ + H₂SO₄ (1-я ступень)
Zn²⁺ + H₂O ⇄ ZnOH⁺ + H⁺
(ZnOH)₂SO₄ + 2H₂O ⇄ Zn(OH)₂↓ + H₂SO₄ (2-я ступень)
ZnOH⁺ + H₂O ⇄ Zn(OH)₂↓ + H⁺
      За счет связывания ОН⁻ образуется избыток Н⁺, среда кислая.
Фенол-фталеин не вызовет изменения окраски.
3) СН₃СООNa + H₂O ⇄ CH₃COOH + NaOH  
CH₃COO⁻ + H₂O ⇄ CH₃COOH + OH⁺ 
     H⁺ связывается ацетатным ионом, ОН⁻ в избытке, среда щелочная. Индикатор фенол-фталеин окрашивает раствор в розово-малиновый цвет.
ответ: 2) раствор сульфата цинка не вызовет изменения окраски бесцветного фенол-фталеина.

А) NaMnO4 у O2 степень окисления постоянная -2, у натрия тоже, т.к он металл +1. Умножаем -2 на четыре атома кислорода и прибавляем один атом натрия. Получаем: -2*4+1=-8+1=-7. В результате в сумме должно быть ноль. Значит, марганец должен быть +7
Mn(OH)2 анион OH всегда имеет степень окисления -1
То есть Mn +2
Na2MnO4 по старой схеме работаем -2*4+2*1=-8+2=-6 значит mn +6
б) k2mno4 mn +6, mno mn +2, hmno4 +7 mn
в) mncl2 mn +2, h2mno4 mn +6, mn2o7 +7
г) mno2 mn +4, kmno4 +7, Mn просто ноль, так как он не в растворе и не имеет никакой связи с другими атомами, поэтому и не имеет степени окисления, т.к не отдает и не принимает электроны.